解:
函數y=x2−4x+a向右平移m個單位,變成y=(x−m)2−4(x−m)+a,
再向上平移6個單位,變成y=(x−m)2−4(x−m)+a+6=x2−(2m+4)x+m2+4m+a+6。此函數與y=x2−10x+b相等,即{2m+4=10m2+4m+a+6=b⇒{m=39+12+a+6=b⇒{m=327+a=b⇒b−a=27,故選\bbox[red,2pt]{(3)}。
解:
令\angle CAD=a,如上圖。因此在\triangle ABC中,41+38+a+\angle 3=180,即\angle 3+a=101;
同理,\triangle ADE中,40+38+a+\angle 2=180,即\angle 2+a=102;
因此\angle 2-\angle 3=102-101=1,即\angle 2>\angle 3,故選\bbox[red,2pt]{(2)}。
解:
令甲的兩邊長分別a及b、乙的兩邊長分別b及c、丙的兩邊長分別a及c,如上圖。
甲為底面時,側面面積=2ac+2bc=240,即c(a+b)=120--------(1)
甲的周長=2(a+b)=40,即a+b=20-------(2);丙的周長=2(a+c)=30,即a+c=15-------(3);
由(1)及(2)可知c=6,再由(3)可得a+6=15,a=9,所以a=9,b=11,c=6。
乙的周長=2(b+c)=2(11+6)=34,故選\bbox[red,2pt]{(2)}。
解:
正常速度播放需要30\times 1.2=36分鐘,阿芬、大雄看完影片相差的時間為\frac { 36 }{ 1.5 } -\frac { 36 }{ 1.8 } =36\left( \frac { 2 }{ 3 } -\frac { 5 }{ 9 } \right) =36\times \frac { 1 }{ 9 } =4,故選\bbox[red,2pt]{(1)}。
解:
依題意:a=111x136, b=111x137...m=114x136...p=114x139
因此a+b+c+..+p=111\left( 136+137+138+139 \right) +112\left( 136+137+138+139 \right) +\\ 113\left( 136+137+138+139 \right) +114\left( 136+137+138+139 \right) \\ =(111+112+113+114)\left( 136+137+138+139 \right) \\ =450\times 550=247500,故選\bbox[red,2pt]{(3)}。
解:
官方貼圖有y組代表原創貼圖也有y組,所以x=2y。
收入=100y+20y=50x+20y,故選\bbox[red,2pt]{(2)}。
解:
假設訂購柳橙汁a杯、芒果冰沙b杯,則a+b=8。
滿足二聖分店外送條件,即35a+80b\ge 350
不滿足一心分店外送修件,即40a+75b<400\begin{cases} a+b=8 \\ 35a+80b\ge 350 \\ 40a+75b<400 \end{cases}\Rightarrow \begin{cases} a+b=8 \\ 7a+16b\ge 70 \\ 8a+15b<80 \end{cases}\Rightarrow \begin{cases} a+b=8 \\ b\ge \frac { 14 }{ 9 } \\ b<\frac { 16 }{ 7 } \end{cases}\\ \Rightarrow \begin{cases} a=6 \\ b=2 \end{cases}\Rightarrow a-b=4,故選\bbox[red,2pt]{(3)}。
解:
假設擲骰子三次的點數分別a、b、c,則(a+b)(b+c)=40\begin{matrix} a+b= & 2 & 4 & 5 & 8 & 10 & 20 \\ b+c= & 20 & 10 & 8 & 5 & 4 & 2 \end{matrix} 若a+b=2, 則a=b=1, b+c不可能是20;同理,若a+b=4, b最小可為1, b+c不可能是10。因此只剩下以下情況: \begin{matrix} a+b= & 5 & 8 \\ b+c= & 8 & 5 \end{matrix}\Rightarrow \begin{matrix} a= & 1 & 2 & 3 & & 4 & 5 & 6 \\ b= & 4 & 3 & 2 & & 4 & 3 & 2 \\ c= & 4 & 5 & 6 & & 1 & 2 & 3 \end{matrix}\Rightarrow a+b+c=9,10,11,故選\bbox[red,2pt]{(4)}。
解:\frac{\triangle BCP}{\triangle BPD}=\frac{\overline{CP}}{\overline{DP}}\Rightarrow \frac{270+324}{60+336}=\frac{594}{396}=\frac{\overline{CP}}{\overline{DP}}\Rightarrow \overline{CP}>\overline{DP}\\ 又 \triangle ABC與\triangle BPC 有相同長度的高\\ \Rightarrow \frac{\triangle ABC}{\triangle BPC}=\frac{\overline{AB}}{\overline{CP}}\Rightarrow \frac{165+60+270}{270+324}=\frac{495}{594}=\frac{\overline{AB}}{\overline{CP}} \Rightarrow \overline{CP}>\overline{AB}
\frac{\triangle ABP}{\triangle ADP}=\frac{\overline{AB}}{\overline{DP}}\Rightarrow \frac{165+60+270}{396}=\frac{495}{396}= \frac{\overline{AB}}{\overline{DP}} \Rightarrow \overline{AB}>\overline{DP}\\ 因此\overline{CP}>\overline{AB}>\overline{DP},故選\bbox[red,2pt]{(1)}
解:由圖(四)可知:圓圈圈圖案的鄰邊是星星及矩形,而且星星與矩形不相鄰(在相互的對面),故選\bbox[red,2pt]{(4)}。
解:
依題意:19位學生(稱為甲群)擲出點數低於4,另19位學生(乙群)擲出點數大於4、1人擲出4。
假設班長擲出點數a、副班長擲出點數b
(1)若a=3,b=6,則中位數仍為4,平均數=(39\times 4+3+6)\div 41=4.02>4,選項(1)是可能的;
(2)若a=1,b=5,則中位數仍為4,平均數=(39\times 4+1+5)\div 41=3.95<4,選項(2)是可能的;
(3)若甲群學生皆擲出3點、乙群學生皆擲出5點,且a=b=3,則中位數=3,平均數=(21\times 3+4+19\times 5)\div 41=3.95<4,選項(3)也是可能的。
(4)平均數=4代表,a與b其中一個大於4、另一個小於4,則中位數維持不變,仍為4,因此選項\bbox[red,2pt]{(4)}是不可能的。
解:
正面為1的牌,其背面為9,所以將此牌翻面後,數值差為8。
31變成47,相差47-31=16=兩張1翻成兩張9的差值。
因此桌上的牌原來是二張10、一張9、二張1及5張0,數字和=20+9+2=31;
將二張1翻成二張9後,數字和=20+9+18=47,故選\bbox[red,2pt]{(2)}
解:
假設152位男學生中有a位穿著夏季服裝,則152-a位穿著冬季服裝
假設143位女學生中有b位穿著夏季服裝,則143-b位穿著冬季服裝
160位學生穿著冬季服裝代表(152-a)+(143-b)=160,即a+b=135
230位學生穿著長褲代表a+160=230,即a=70;因此b=135-70=65。
152-a=152-70=82,故選\bbox[red,2pt]{(4)}。
解:
(扣掉數值小的數,剩餘數之平均數)大於(扣掉數值大的數,剩餘數之平均數)
因此扣掉最小數的其它8個數的平均值是最大的、扣掉第2小的其它8數平均值是第二大,扣掉第3小的其它8數平均值是第三大的。
因此第1名是3號、第2名是4號、第3名是6號,故選\bbox[red,2pt]{(3)}。
解:
先證明\triangle BEA\sim\triangle AFP:
1.\angle BEA=\angle AFP=90
2. 弦切角\angle BAP與圓周角\angle CBA所對應的圓弧一樣大,所以\angle EBA=\angle FAP
由以上兩點可知兩者相似,所以\frac{\overline{EB}}{\overline{AB}}=\frac{\overline{AF}}{\overline{AP}}\Rightarrow \frac{25}{2a}=\frac{a}{32}\Rightarrow a=20\Rightarrow \overline{AC}=\overline{AB}=2a=40 \\ APBC周長=\overline{AP}+\overline{PB}+\overline{BC}+\overline{CA}=32+32+50+40 =154,故選\bbox[red,2pt]{(2)}。
解:
令\angle ADP=a,如下圖。
由於\overline{DP}=\overline{DP}\Rightarrow \angle DPC=\angle DCP=(180-32)/2=74\angle ADC=\angle ABC\Rightarrow 58+\angle PBC=a+32\Rightarrow \angle PBC=a-26
\angle ADC+\angle DCB=180\Rightarrow a+32+74+\angle PCB=180\Rightarrow \angle PCB=74-a
在\triangle PBC中,\angle PBC+\angle PCB+\angle BPC=180
\Rightarrow a-26+\angle PCB+74-a=180\Rightarrow \angle PCB = 180+26-74=132,故選\bbox[red,2pt]{2}。
解:
100個盒子以b_1, b_2, ..., b_{100}表示,一開始b_1= b_2= ...=b_{100}=0
14位同學的號碼分別是a_1=5, a_2=12, a_3=19, .., a_{14}=96
第1位同學操作後
b_1=b_2= ...=b_4=0, b_5=b_6=...= b_{100}=1
第2位同學操作後
b_1=b_2= ...=b_4=0, b_5=b_6=...= b_{11}=1,b_{12}=...=b_{100}=0
....
所有同學操作後b_{ k }=\begin{cases} 0 & n=1 \\ 1 & k=a_{ n }且n是奇數 \\ 0 & k=a_{ n }且n是偶數 \\ b_{ k-1 } & 其他 \end{cases}所以空盒子有4(b_1..b_4)+6\times 7+5(b_{96}..b_{100}) = 51,故選\bbox[red,2pt]{(3)}。
解:
令\overline{AB}=m,則\overline{BE}=\overline{EC}=\frac{m}{2};
又令\angle EAB=a且\angle AEB=b=90-a,如上圖
\angle PEC+b=90且a+b=90\Rightarrow \angle PEC=a,因此\triangle ABE與\triangle ECP符合AAA條件,兩者相似。
由於\triangle ABE\sim\triangle ECP\Rightarrow \overline{PC}=\overline{EC}\div 2=\frac{m}{4}\Rightarrow \overline{PE}=\frac{\sqrt{5}m}{4}
\frac{\overline{AB}}{\overline{BE}}=2且\frac{\overline{AE}}{\overline{EP}}=\frac{\frac{\sqrt{5}m}{2}}{\frac{\sqrt{5}m}{4}}=2所以\triangle ABE\sim\triangle AEP\Rightarrow \angle 2=a
\angle 1=90-a\angle 2=90-2a\Rightarrow \angle 3=90-\angle 1-\angle 2=a\Rightarrow \angle 1=\angle 3
比較兩直角三角形\triangle ABE及\triangle ADP,由於\overline{AB}=\overline{AD}=m,但\overline{DP}=\overline{DC}-\overline{PC}=m-\frac{m}{4}=\frac{3m}{4}>\overline{BE},因此\angle 1>a=\angle 2=\angle 3 故選\bbox[red,2pt]{(1)}。
解:
此圖型如上,或與X軸對稱之圖型
若|a|=|c|,則令c=-a,經過A、C兩點的方程式為 5y=-2ax+9a
若該方程式經過(k,0),則k=4.5;
若|b|=|c|,則令c=-b,經過B、C兩點的方程式為 3y=-2bx+11b
若該方程式經過(k,0),則k=5.5;
故選\bbox[red,2pt]{(3)}。
解:
由於ABOE為平行四邊形,所以\angle ABO=\angle AEO=119-a,且\angle A=\angle BOE= (360-\angle ABO-\angle AEO)\div 2=61+a。
由於O為外心且ABOE為平行四邊形,所以ABOE其實是菱形。因此\frac{\angle A}{2}=\angle AEO \Rightarrow 61+a=238-2a\Rightarrow a=59 \Rightarrow \angle EOD=180-2a=180-118=62
,故選\bbox[red,2pt]{(4)}。
解:
3的周圍需填滿、且其中有兩個地雷在5的範圍內,所以對5而言,還缺3個地雷,因此2和1的
地雷必須在5的範圍內。因此結果如上圖,地雷數為\bbox[red,2pt]{(6)}。
解:
假設一次購買兩份冰淇淋的有a人次、只買一份的有b人次。依題意:\begin{cases} 120<a<130 \\ 309a+200b=65007 \end{cases}由於9必須乘上個位數為3的數,其積的個位數才會是7。因此a=123,即309\times 123+200b=65007\Rightarrow 38007+200b=65007,可求得b=\bbox[red,2pt]{135}。
解:
\overline{AE}=\overline{AB}=21且\overline{AE}:\overline{ED}=7:3, 所以\overline{ED}=9
因此可求得直線\overline{CD}的方程式為4x-3y=36,點A至該直線的距離=\left| \frac { 4\times (-21)-36 }{ \sqrt { 4^{ 2 }+3^{ 2 } } } \right| =\frac { 120 }{ 5 } =24,所以答案為\bbox[red,2pt]{24}
解:
由題意可知該數列為:1、2、0、1、2、0、1、2、0、.....
數列的平方為:1、4、0、1、4、0、.....
若三個一組:[1、4、0]、[1、4、0]、.....=[5]、[5]、....
總和為106=5x21+1,也就是有21組,再加上1,因此共有21x3+1=\bbox[red,2pt]{64}項。
解:
6=5+1
=4+2=4+1+1
=3+3=3+2+1=3+1+1+1
=2+2+2=2+2+1+1=2+1+1+1+1
=1+1+1+1+1+1
共有\bbox[red,2pt]{10}種寫法
解:
有等根代表a^2-52b=0\Rightarrow a^2=52b。令a=52n, 則b=n^2\times 52。
又n^2\times 52<2017 \Rightarrow n=6\Rightarrow a=52\times 6=312,a的最大值為\bbox[red,2pt]{312}
解:
甲→A→D→C→B→乙;甲→A→D→B→C→乙;
甲→A→B→D→C→乙;甲→A→B→C→D→乙;
甲→B→A→D→C→乙;
甲→C→B→A→D→乙;甲→C→D→A→B→乙;
共\bbox[red,2pt]{7}種走,
解:
a_3=2|a_2-3|-4\Rightarrow 2=2|a_2-3|-4\Rightarrow |a_2-3|=3\Rightarrow a_2=6,0
當a_2=6時,a_2=2|a_1-3|-4\Rightarrow 6=2|a_1-3|-4\Rightarrow |a_1-3|=5\Rightarrow a_1=8,-2
當a_2=0時,a_2=2|a_1-3|-4\Rightarrow 0=2|a_1-3|-4\Rightarrow |a_1-3|=2\Rightarrow a_1=5,1
所有首項的總和為8-2+5+1=\bbox[red,2pt]{12}。
解:
除原題意的四條直線外,還包括:
\overline{P_1Q_1}, \overline{P_2Q_3}, \{P_3,P_4,P_5\}至\{Q_1,Q_2,Q_3\}9條直線及\overline{P_6Q_2},共計4(題意)+1+1+9+1=16,所以共有16條直線。
解:
由於a_n必須是3的倍數,僅需考量a_n=3,6,9三種情況
a_n=3\Rightarrow 10\le n<16\Rightarrow b_n=1,符合條件,共6個;
a_n=6\Rightarrow 36\le n<49\Rightarrow 40\le n\le 48時,b_n=2,符合條件,共9個;
a_n=9\Rightarrow 81\le n<100\Rightarrow 90\le n\le 99時,b_n=3,符合條件,共10個;
因此共有6+9+10=\bbox[red,2pt]{25}個n符合條件。
-- END --
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