臺中市立清水高級中學108學年度教師甄選
第壹部分、填充題: (每題 5 分,共 60 分)
解:令{甲n:第n天在甲鎮的機率乙n:第n天在乙鎮的機率丙n:第n天在丙鎮的機率,其中{甲1=1乙1=0丙1=0⇒{甲2=0乙2=1/2丙2=1/2⇒甲8=12(乙7+丙7)=12(12(甲6+丙6)+12(甲6+乙6))=12甲6+14乙6+14丙6=14甲5+38乙5+38丙5=38甲4+516乙4+516丙4=516甲3+1132乙3+1132丙3=1132甲2+2164乙2+2164乙2=2164解:{6p2+2019p−14=0⇒{p1=(−2019+√20192+24×14)/12p2=(−2019−√20192+24×14)/1214q2−2019−6=0⇒{q1=(2019+√20192+24×14)/28q2=(2019−√20192+24×14)/28⇒p1q1=p2q2=1,因此pq=p1q2=p2q1=−73
解:0≤x≤π⇒−π≤−x≤0⇒−2π3≤π3−x≤π3;現在y=2sin(π3+x)−2sinx=2(sinπ3cosx+sinxcosπ3)−2sinx=2(√32cosx+12sinx)−2sinx=√3cosx−sinx=2(√32cosx−12sinx)=2sin(π3−x)={M=√3若x=0m=−2若x=5π6⇒(M,m)=(√3,−2)
解:令{A:三奇數B:一奇二偶;以直行來看:有ABB,BAB,BBA三種排法;以橫列來看:也是有三種排法;1−9共有5個奇數,4個偶數,因此有4!×5!×3×3排法,機率為4!×5!×3×39!=114
解:∫3−1(√16−(x+1)2+2)dx=∫3−1√16−(x+1)2dx+∫3−12dx=8+∫3−1√16−(x+1)2dx而∫3−1√16−(x+1)2dx=∫40√16−u2du(u=x+1)=∫π/20√16−16sin2θ⋅4cosθdθ(∵u=4sinθ⇒du=4cosθdθ)=∫π/2016cos2θdθ=∫π/2016⋅cos2θ+12dθ=∫π/2016⋅cos2θ+12dθ=8∫π/20(cos2θ+1)dθ=8[12sin2θ+θ]|π/20=4π⇒∫3−1(√16−(x+1)2+2)dx=4π+8
令{O為¯BC的中點P為↔BA與↔DC的交點Q為¯AD的中點,見上圖,則¯PQ¯PO=¯QD¯OC⇒¯PQ¯PQ+6√2=14⇒¯PQ=2√6直角△POC⇒¯PC2=¯OP2+¯OC2=(6√2+2√2)2+42=144⇒¯PC=12又¯PD¯PC=¯PQ¯PO=14⇒¯PD=3⇒¯AB=¯CD=9−3=6
沿著¯PB將角錐剪開,如上圖。弧長⌢AA′=¯PA×∠APA′⇒2π=3∠APA′⇒∠APA′=23π△PBE′:cos∠APA′=¯PA2+¯PE′2−¯BE22ׯPBׯPE′⇒−12=122+62−¯BE22×12×6⇒¯BE=6√7
解:過(0,0)的直線方程式為y=mx,依題意兩圖形{y=x3+kx2+1y=mx有相異三交點,即x3+kx2+1=mx有相異三實根;斜率m=y′=3x2+2kx⇒x3+kx2+1=(3x2+2kx)x⇒f(x)=2x3+kx2−1=0有相異三實根;f′(x)=0⇒6x2+2kx=0⇒2x(3x+k)=0⇒x=0,−k/3;f(x)=0有相異三實根⇒f(0)f(−k/3)<0⇒(−1)(−227k3+19k3−1)<0⇒127k3−1>0⇒k>3
解:a1,a2,a3成等比⇒{a1=a2/ra3=a2r,r為公比;log6a1+log6a2+log6a3=3⇒a1a2a3=a2r⋅a2⋅a2r=a32=63⇒a2=6;又a1+a2=a2r+a2=15⇒6r+6=15⇒r=69⇒a1=a2/r=9⇒an=a1rn−1=9⋅(69)n−1<110000⇒(69)n−1<19×10−4⇒log(69)n−1<log(19×10−4)⇒(n−1)(log2−log3)<−4−2log3⇒n−1>−4−2log3log2−log3=−4−2×0.47710.301−0.4771≈28.13⇒n>29.13⇒n=30
解:依題意:{√x=√y−1323−√z−1323⋯(1)√y=√x−675+√z−675⋯(2)√z=√y−3675−√x−3675⋯(3)依此建構一鈍角△,三邊長分別為√x,√y,√z及其邊上的高分別為√1323,√675,√3675,見上圖;{直角△AA′B:z=1323+¯A′B2⇒¯A′B=√z−1323直角△CC′B:x=3675+¯BC′2⇒¯BC′=√x−3675直角△AA′C:y=1323+¯A′C2⇒¯A′C=√y−1323直角△ACC′:y=3675+¯AC′2⇒¯AC′=√y−3675直角△ABB′:z=675+¯AB′2⇒¯AB′=√z−675直角△BB′C:x=675+¯B′C2⇒¯B′C=√x−675⇒{√x=¯A′C−¯A′B=√y−1323−√z−1323⋯(1)√y=¯AB′+¯B′C=√z−675+√x−675⋯(2)√z=¯AC′−¯BC′=√y−3675−√x−3675⋯(3)⇒該△符合題意要求。現在利用建構的△來求解:△ABC面積=12⋅√x⋅√1323=12⋅√y⋅√675=12⋅√z⋅√3675⇒21√3⋅√x=15√3⋅√y=35√3⋅√z⇒√x:√y:√z=5:7:3令{√x=5t√y=7t√z=3t,t∈R及S=(√x+√y+√z)÷2=152t⇒△ABC面積=√s(s−√x)(s−√y)(s−√z)=12√y⋅√675⇒√152t⋅52t⋅12t⋅92t=7√6752t⇒t=14⇒√z=3t=42⇒z=422=1764
解:由題意可知:{f(b)=3bf(a)=3a⋯(1)或{f(b)=3af(a)=3b⋯(2)(1)⇒−13a2+733=3a⇒a2+9a−73=0⇒a∉Z(2)⇒{−13a2+733=3b⋯(3)−13b2+733=3a⋯(4),(3)−(4)⇒−13(a2−b2)=3(b−a)⇒a+b=9⇒b=9−a代入(3)⇒−13a2+733=3(9−a)⇒a2−9a+8=0⇒(a−8)(a−1)=0⇒{a=1a=8⇒{b=8b=1(不合,違反b>a)⇒(a,b)=(1,8)
解:f(1)+f(2)+⋯+f(9)=1+3+5+7+9=25{f(10)+f(11)+⋯+f(19)=1×10(十位數)+25(個位數)f(20)+f(21)+⋯+f(29)=0(十位數)+25(個位數)⋯f(90)+f(91)+⋯+f(99)=9×10(十位數)+25(個位數)⇒f(10)+f(11)+⋯+f(99)=25×10(十位數)+25×9(個位數)=475同理,f(100)+f(101)+⋯+f(999)=25×100(百位數)+25×90(十位數)+25×90(個位數)=7000;又f(1000)=1,因此f(1)+⋯+f(1000)=25+475+7000+1=7501
解:ˉx=(1+2+5+3+4)÷5=3⇒迴歸直線L:y=35(x−ˉx)+ˉy=35(x−3)+ˉy=35x+ˉy−95⇒ˉy−95=115⇒ˉy=4⇒(3+a+5+b+6)÷5=4⇒a+b=6⋯(1)迴歸直線斜率35=∑xiyi−nˉxˉy√∑x2i−nˉx2⋅√∑y2i−nˉy2=3+2a+25+3b+24−5×3×4√55−45⋅√a2+b2+70−80=2a+3b−8√10⋅√a2+b2−10⇒(3⋅√10⋅√a2+b2−10)2=(5⋅(2a+3b−8))2⇒90(a2+b2−10)=25(2a+3b−8)2⇒18(a2+(6−a)2−10)=5(2a+3(6−a)−8)2⇒31a2−116a−32=0⇒(a−4)(31a+8)=0⇒a=4⇒b=6−4=2⇒(a,b)=(4,2)
解:a1,a2,a3成等比⇒{a1=a2/ra3=a2r,r為公比;log6a1+log6a2+log6a3=3⇒a1a2a3=a2r⋅a2⋅a2r=a32=63⇒a2=6;又a1+a2=a2r+a2=15⇒6r+6=15⇒r=69⇒a1=a2/r=9⇒an=a1rn−1=9⋅(69)n−1<110000⇒(69)n−1<19×10−4⇒log(69)n−1<log(19×10−4)⇒(n−1)(log2−log3)<−4−2log3⇒n−1>−4−2log3log2−log3=−4−2×0.47710.301−0.4771≈28.13⇒n>29.13⇒n=30
解:依題意:{√x=√y−1323−√z−1323⋯(1)√y=√x−675+√z−675⋯(2)√z=√y−3675−√x−3675⋯(3)依此建構一鈍角△,三邊長分別為√x,√y,√z及其邊上的高分別為√1323,√675,√3675,見上圖;{直角△AA′B:z=1323+¯A′B2⇒¯A′B=√z−1323直角△CC′B:x=3675+¯BC′2⇒¯BC′=√x−3675直角△AA′C:y=1323+¯A′C2⇒¯A′C=√y−1323直角△ACC′:y=3675+¯AC′2⇒¯AC′=√y−3675直角△ABB′:z=675+¯AB′2⇒¯AB′=√z−675直角△BB′C:x=675+¯B′C2⇒¯B′C=√x−675⇒{√x=¯A′C−¯A′B=√y−1323−√z−1323⋯(1)√y=¯AB′+¯B′C=√z−675+√x−675⋯(2)√z=¯AC′−¯BC′=√y−3675−√x−3675⋯(3)⇒該△符合題意要求。現在利用建構的△來求解:△ABC面積=12⋅√x⋅√1323=12⋅√y⋅√675=12⋅√z⋅√3675⇒21√3⋅√x=15√3⋅√y=35√3⋅√z⇒√x:√y:√z=5:7:3令{√x=5t√y=7t√z=3t,t∈R及S=(√x+√y+√z)÷2=152t⇒△ABC面積=√s(s−√x)(s−√y)(s−√z)=12√y⋅√675⇒√152t⋅52t⋅12t⋅92t=7√6752t⇒t=14⇒√z=3t=42⇒z=422=1764
解:由題意可知:{f(b)=3bf(a)=3a⋯(1)或{f(b)=3af(a)=3b⋯(2)(1)⇒−13a2+733=3a⇒a2+9a−73=0⇒a∉Z(2)⇒{−13a2+733=3b⋯(3)−13b2+733=3a⋯(4),(3)−(4)⇒−13(a2−b2)=3(b−a)⇒a+b=9⇒b=9−a代入(3)⇒−13a2+733=3(9−a)⇒a2−9a+8=0⇒(a−8)(a−1)=0⇒{a=1a=8⇒{b=8b=1(不合,違反b>a)⇒(a,b)=(1,8)
解:f(1)+f(2)+⋯+f(9)=1+3+5+7+9=25{f(10)+f(11)+⋯+f(19)=1×10(十位數)+25(個位數)f(20)+f(21)+⋯+f(29)=0(十位數)+25(個位數)⋯f(90)+f(91)+⋯+f(99)=9×10(十位數)+25(個位數)⇒f(10)+f(11)+⋯+f(99)=25×10(十位數)+25×9(個位數)=475同理,f(100)+f(101)+⋯+f(999)=25×100(百位數)+25×90(十位數)+25×90(個位數)=7000;又f(1000)=1,因此f(1)+⋯+f(1000)=25+475+7000+1=7501
解:ˉx=(1+2+5+3+4)÷5=3⇒迴歸直線L:y=35(x−ˉx)+ˉy=35(x−3)+ˉy=35x+ˉy−95⇒ˉy−95=115⇒ˉy=4⇒(3+a+5+b+6)÷5=4⇒a+b=6⋯(1)迴歸直線斜率35=∑xiyi−nˉxˉy√∑x2i−nˉx2⋅√∑y2i−nˉy2=3+2a+25+3b+24−5×3×4√55−45⋅√a2+b2+70−80=2a+3b−8√10⋅√a2+b2−10⇒(3⋅√10⋅√a2+b2−10)2=(5⋅(2a+3b−8))2⇒90(a2+b2−10)=25(2a+3b−8)2⇒18(a2+(6−a)2−10)=5(2a+3(6−a)−8)2⇒31a2−116a−32=0⇒(a−4)(31a+8)=0⇒a=4⇒b=6−4=2⇒(a,b)=(4,2)
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