104年特種考試地方政府公務人員考試
等別:三等考試
類 科 :電力工程、電子工程、電信工程
科 目:工程數學
類 科 :電力工程、電子工程、電信工程
科 目:工程數學
解:|x2x+1312x−1x30x−2|=−2x2(2x−1)+3x+2(x+1)−x6=−x6−4x3+2x2+5x+2⇒ddx|A|=−6x5−12x2+4x+5
解:
假設產品共有N個,則來自A、B及C方法的數量分別為0.3N,0.2N及0.5N;又依各方法瑕疵比率,各方法的瑕疵數分別為0.3N×0.01=0.003N,0.2N×0.03=0.006N及0.5N×0.02=0.01N,因此瑕疵品來自C生產方法的機率最高。
解:sinz=−i⇒eiz−e−iz2i=−i⇒eiz−2−e−iz=0⇒e2iz−2eiz−1=0⇒t2−2t−1=0(t=eiz)⇒t=1±√2當eiz=ei(x+yi)=e−y+ix=1+√2⇒{e−y=1+√2eix=0⇒{y=−ln(1+√2)x=2kπ⇒z=2kπ−iln(1+√2)當eiz=e−y+ix=1−√2=(√2−1)(−1)⇒{e−y=√2−1eix=−1⇒{y=−ln(√2−1)x=(2k+1)π⇒z=(2k+1)π−iln(√2−1)因此z=2kπ−iln(√2+1)或(2k+1)π−iln(√2−1),其中k為整數
解:{→a=(a1,a2,a3)→b=(b1,b2,b3)→c=(c1,c2,c3)⇒{→a⋅(→b×→c)=(a1,a2,a3)⋅|→i→j→kb1b2b3c2c2c3|=|a1a2a3b1b2b3c2c2c3|(→a×→b)⋅→c=|→i→j→ka1a2a3b2b2b3|⋅(c1,c2,c3)=|a1a2a3b1b2b3c2c2c3|⇒→a⋅(→b×→c)=(→a×→b)⋅→c,故選(A)
解:{→F=(f1,f2,f3)→G=(g1,g2,g3)→H=(h1,h2,h3)⇒{[→F,→G,→H]=→F⋅(→G×→H)=|f1f2f3g1g2g3h2h2h3|[→G,→F,→H]=→G⋅(→F×→H)=|g1g2g3f1f2f3h2h2h3|=−|f1f2f3g1g2g3h2h2h3|⇒[→F,→G,→H]=−[→G,→F,→H],故選(B
解:|102210011|=1+4=5,故選(C)
解:y″+4y=8x2⇒λ2+4=0⇒λ=±2i⇒yh=C1cos2x+C2sin2xyp=Ax2+Bx+c⇒y=yh+yp=C1cos2x+C2sin2x+Ax2+Bx+c,故選(D)
解:f(z)=z2−3z−4z3−4z2+z−4=(z−4)(z+1)(z2+1)(z−4)=z+1z2+1=z+1(z+i)(z−i),故選(C)
解:z=1+i=√2(1√2+i1√2)=√2(cosπ4+isinπ4)=eln√2eiπ4=eln√2+iπ4⇒lnz=ln√2+iπ4,故選(A)
解:det(A−λI)=0⇒|8−λ200−2α−λ0−6−12−2−λ|=|8−2200−2α−20−6−12−2−2|=|6200−2α−20−6−12−4|=0⇒−24(α−2)−160=0⇒α−2=−16024⇒α=2−203=−143,故選(A)
解:det(A−λI)=0⇒|2−λ0202−λ0202−λ|=−(λ−2)3−4(2−λ)=0⇒(λ−2)3−4(λ−2)=0⇒(λ−2)((λ−2)2−4)=0⇒λ(λ−2)(λ−4)=0⇒λ=0,2,4λ1=2⇒[2−20202−20202−2][xyz]=[002000200][xyz]=0⇒{x=0z=0⇒取x1=[010],故選(B)
解:|x+py+qz+r−p−q−r4a4b4c|=|x+py+qz+r4a4b4cpqr|=|xyz4a4b4cpqr|+|pqr4a4b4cpqr|=|xyz4a4b4cpqr|=4×|xyzabcpqr|=4×7=28,故選(B)
解:[cosh(aθ)sinh(aθ)sinh(aθ)cosh(aθ)][cosh(bθ)sinh(bθ)sinh(bθ)cosh(bθ)]=[cosh(aθ)cosh(bθ)+sinh(aθ)sinh(bθ)cosh(aθ)sinh(bθ)+sinh(aθ)cosh(bθ)cosh(bθ)sinh(bθ)+cosh(aθ)sinh(bθ)sinh(aθ)sinh(bθ)+cosh(aθ)cosh(bθ)]=[cosh(aθ+bθ)sinh(aθ+bθ)sinh(bθ+aθ)cosh(aθ+bθ)]=[cosh((a+b)θ)sinh((a+b)θ)sinh((a+b)θ)cosh((a+b)θ)]⇒[cosh(θ)sinh(θ)sinh(θ)cosh(θ)]n=[cosh(nθ)sinh(nθ)sinh(nθ)cosh(nθ)],故選(C)
解:f(z)=13−z=12−(z−1)=12(1−z−12)=12⋅11−z−12=12(1+z−12+(z−12)2+(z−12)3+⋯+(z−12)n+⋯)=12(z−1)0+122(z−1)1+⋯+12n+1(z−1)n+⋯⇒a0=12≠1,故選(B)
解:∫Cz(9−z2)(z+i)dz=∫Cf(z)(z+i)dz=2πi×f(−i)=2πi×−i9−(−i)2=2πi×−i10=π5,故選(C)
解:d2ydt2+y=δ(t−π)⇒L{d2ydt2}+L{y}=L{δ(t−π)}⇒s2L{y}−sy(0)−y′(0)+L{y}=e−πs⇒L{y}=e−πss2+1⇒y(t)=L−1{e−πss2+1}=sin(t−π)u(t−π)⇒y(3π2)=sin(3π2−π)u(3π2−π)=sin(π2)u(π2)=1,故選(B)
解:L{cos2(t)}=L{12cos(2t)+12}=12⋅ss2+22+12⋅1s=s2s2+8+12s,故選(B)
解:y=a+bx+cx2+dx3+x42!+x63!+x84!+⋯⇒{y′=b+2cx+3dx2+4x32!+6x53!+8x74!+⋯2xy=2ax+2bx2+2cx3+2dx4+2x52!+2x73!+2x94!+⋯y′=2xy⇒{b=0a=cd=2b/3=0,故選(D)
解:p(x)=λxe−λx!⇒1−p(0)−p(1)=1−e−λ−λe−λ=1−e−2−2e−2=e2−3e2=7.39−37.39≈0.6,故選(C)
解:∑X,Yp(x,y)=1⇒2c+5c+5c+8c=1⇒20c=1⇒c=120=0.05,故選(A)
解:
假設產品有N個,則來自機器A和B的數量為0.4N及0.6N ,又其中分別有0.4N×0.02=0.008N及0.6N×0.03=0.018N個瑕疵品。因此B生產的瑕疵品占全部瑕疵品的比例為0.018N0.008N+0.018N=1826,故選(C)
解:
本題相當求上圖棕色區域面積,即∫10x28dx=124,故選(D)
解:y″(t)+4y′(t)+4y(t)=4⇒λ2+4λ+4=0⇒(λ+2)2=0⇒λ=−2⇒yh=C1e−2x+C2xe−2x⇒y=yh+yp=C1e−2x+C2xe−2x+1⇒lim
不好意思請問一下第12題的題目是否有BUG存在,積分路徑C是有經過z=-i這個極點,應該不符合留數定理的使用規範?
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