使用萊布尼茲積分法則(Leibniz Integral Rule)來求解
F(x)=∫cosxsinxet2+xtdt⇒F′(x)=∫cosxsinx∂∂xet2+xtdt+ecos2x+xcosxddxcosx−esin2x+xsinxddxsinx=∫cosxsinxtet2+xtdt−sinxecos2x+xcosx−cosxesin2x+xsinx⇒F′(0)=∫10tet2dt−0−e0=∫10tet2dt−1=[12et2]|10−1=12(e1−e0)−1=12e−32
解:
解:x29+y216=1⇒{x=3cosθy=4sinθ,0≤θ≤2π⇒P(3cosθ,4sinθ)至L:x+y=6的距離d(P,L)=|3cosθ+4sinθ−6√1+1|=|5(35cosθ+45sinθ)−6√2|=|5sin(θ+α)−6√2|⇒1√2≤d(P,L)≤11√2⇒最短距離為1√2
解:
y=x312+1x⇒y′=x24−1x2⇒(y′)2=x416−12+1x4⇒曲線長度=∫41√1+(y′)2dx=∫41√x416+12+1x4dx=∫41√(x24+1x2)2dx=∫41(x24+1x2)dx=[x312−1x]|41=(163−14)−(112−1)=183
解:
(一)令{u=cosn−1xdv=cosxdx⇒令{du=(n−1)cosn−2x(−sinx)dxv=sinx⇒∫cosnxdx=uv−∫vdu=sinxcosn−1x+(n−1)∫sin2xcosn−2xdx=sinxcosn−1x+(n−1)∫(1−cos2x)cosn−2xdx=sinxcosn−1x+(n−1)∫cosn−2xdx−(n−1)∫cosnxdx⇒n∫cosn(x)dx=sinxcosn−1x+(n−1)∫cosn−2xdx⇒∫cosnxdx=sinxcosn−1xn+n−1n∫cosn−2xdx,for n≥2故得證。(二)∫π/20cos10xdx=[cos9xsinx10]|π/20+910∫π/20cos8xdx=910∫π/20cos8xdx=910([cos7xsinx8]|π/20+78∫π/20cos6xdx)=910⋅78∫π/20cos6xdx=910⋅78([cos5xsinx6]|π/20+56∫π/20cos4xdx)=910⋅78⋅56∫π/20cos4xdx=910⋅78⋅56([cos3xsinx4]|π/20+34∫π/20cos2xdx)=910⋅78⋅56⋅34∫π/20cos2xdx=910⋅78⋅56⋅34([cosxsinx4]|π/20+12∫π/20cos0xdx)=910⋅78⋅56⋅34⋅12∫π/201dx=910⋅78⋅56⋅34⋅12⋅π2=63512π
解:
{y=x2+1y=2x+1⇒交點{P(0,1)Q(2,5),圖形見上;D=π∫20(2x+1)2−(x2+1)2dx=π∫20−x4+2x2+4xdx=π[−15x5+23x3+2x2]|20=π(−325+163+8)=10415π
解:
y=√4−x2⇒y′=−x√4−x2⇒(y′)2=x24−x2旋轉曲面面積=2π∫1−1y√1+(y′)2dx=2π∫1−1√4−x2√1+x24−x2dx=2π∫1−1√4−x2√44−x2dx=2π∫1−12dx=8π
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請問第六題
回覆刪除y1=x^2+1
y2=2x+1
算面積時
為什麼是y2^2-y1^2
而不是(y2-y1)^2
相當於大圓面積R^2-小圓面積r^2,而不是(R-r)^2
刪除想通了 一時腦霧
刪除請問第三題
回覆刪除3/5cos sita +4/5sin sita
為何=sin(sita+alfa)
把3/5當成是sin(alpha),4/5當成是cos(alpha),就可以套公式:sin(theta+alpha)
刪除感恩您~~
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