93學年度指定科目考試試題
數學甲
第壹部分：選擇題一、單選題
解：
x5−1={(x−1)(x−ω1)(x−ω2)(x−ω3)(x−ω4)(x−1)(x4+x3+x2+x+1)⇒x4+x3+x2+x+1=(x−ω1)(x−ω2)(x−ω3)(x−ω4)將x=3代人上式可得:34+33+32+3+1=(3−ω1)(x−ω2)(3−ω3)(3−ω4)⇒(3−ω1)(x−ω2)(3−ω3)(3−ω4)=81+27+9+3+1=121，故選(3)
二、多選題
解：
(1)×:{log109=9log910=20log3=20×0.4771>9⇒910>109(2)×:{log1012=12log1210=10(2log2+log3)=20×0.301+10×0.4771=10.791<12⇒1012>1210(3)，故選(1)
解：
A(a)=∫a02+sinxdx=[2x−cosx]|a0=2a−cosa+1(1)×:A(a)為遞增函數，即A(a+2π)>A(a)(2)×:{A(π)=2π−cosπ+1=2π+2A(2π)=4π−cos2π+1=4π⇒2A(π)=4π+4≠4π=A(2π)(3)◯:{A(2π)=4πA(4π)=8π−cos4π+1=8π⇒2A(2π)=8π=A(4π)(4)◯:{A(π)=2π+2A(2π)=4πA(3π)=6π−cos3π+1=6π+2⇒{A(3π)−A(2π)=6π+2−4π=2π+2A(2π)−A(π)=4π−2π−2=2π−2⇒A(3π)−A(2π)=2π+2>2π−2=A(2π)−A(π)，故選(3,4)
解：
(1)◯:f(x)>0⇒圖形凹向上⇒f(x)的次數為偶數，且f(x)=0有三相異實根⇒f(x)的次數至少為6(2)×:f(x)恆為正，其次數為偶數(3)×:f(1)>0，無法判定奇偶(4)◯:f(4)=0為極小值，故f′(4)=0，故選(1,4)
使 用 圓 球 和 球 袋 作 機 率 實 驗 。 球 只 有黑 白 兩 色 ， 袋中裝有兩 顆 球 ， 因 此 只 有三種可 能 情 況 ： 把 雙 白 球 稱 為 狀 態 1，一 白 球一黑 球 稱 為 狀 態 2， 雙 黑 球 稱 為 狀 態 3。
對 這 袋 球 做 如下操 作 ：自袋中 隨 機 移 走一 球 後 ， 再 隨 機 移 入一 顆 白 球 或 黑 球 （ 移入 白 球 或 黑 球 的 機 率 相 等 ）。 每 次 操 作 可 能 會 改 變 袋中 球 的 狀 態 。
6. （ 單 選 題 ， 6 分 ） 如 果 現 在 袋 子 內 的 球 是一 白 一 黑 （ 即 狀 態 2）， 請 問 經 過 一 次 操 作 後 ， 袋中 會 變 成 兩 顆 黑 球 （ 狀 態 3） 的 機 率 是 多 少 ？
{p11=1×12=12p12=12×12=14p13=0p21=1×12=12p22=12×12+12×12=12p23=1×12=12p31=0p32=12×12=14p33=1×12=12⇒P=[p11p12p13p21p22p23p31p32p33]=[1/21/401/21/21/201/41/2](1)×:p12=14≠12=p21(2)◯:3∑i=1pi1=3∑i=1pi2=3∑i=1pi3=1(3)×:|1/21/401/21/21/201/41/2|=18+0+0−0−116−116=0≯
解： P= \begin{bmatrix} 1/2 & 1/4 & 0 \\ 1/2 & 1/2 & 1/2 \\ 0 & 1/4 & 1/2 \end{bmatrix} ={1\over 2} \begin{bmatrix} 1 & 1/2 & 0 \\ 1 & 1 & 1 \\ 0 & 1/2 & 1 \end{bmatrix}\Rightarrow P^2 = {1\over 2}\begin{bmatrix} 3/4 & 1/2 & 1/4 \\ 1 & 1 & 1 \\ 1/4 & 1/2 & 3/4 \end{bmatrix}\\ \Rightarrow P^3={1\over 2}\begin{bmatrix} 5/8 & 1/2 & 3/8 \\ 1 & 1 & 1 \\ 3/8 & 1/2 & 5/8 \end{bmatrix} \Rightarrow P^k= {1\over 2}\begin{bmatrix} {2^{k-1}+1 \over 2^k} & 1/2 & {2^{k-1}-1 \over 2^k} \\ 1 & 1 & 1 \\ {2^{k-1}-1 \over 2^k} & 1/2 & {2^{k-1}+1 \over 2^k} \end{bmatrix} = \begin{bmatrix} {2^{k-1}+1 \over 2^{k+1}} & 1/4 & {2^{k-1}-1 \over 2^{k+1}} \\ 1/2 & 1/2 & 1/2 \\ {2^{k-1}-1 \over 2^{k+1}} & 1/4 & {2^{k-1}+1 \over 2^{k+1}} \end{bmatrix}\\ (1)\bigcirc: p^k_{12}={1\over 4} =p^k_{32} \\(2)\bigcirc: \cases{p^k_{11}= {2^{k-1}+1 \over 2^{k+1}} \\ p^k_{31} = {2^{k-1}-1 \over 2^{k+1}}} \Rightarrow p^k_{11} > p^k_{31} \\(3) \bigcirc: p^k_{11}= {2^{k-1}+1 \over 2^{k+1}} = {1\over 4}+{1 \over 2^{k+1}} \Rightarrow k越大,則p^k_{11}越小 \\(4)\times: 無論k值，p^k_{12}={1\over 4} \ne {1\over 3}\\，故選 \bbox[red, 2pt]{(1,2,3)}
解：
\frac{x^2+y^2}{2} \ge \sqrt {x^2y^2} \Rightarrow {1\over 2} \ge xy \Rightarrow xy的最大值為{1\over 2};\\ 2x^2+axy+ 2y^2=1 \Rightarrow a= \cfrac{1-2(x^2+y^2)}{xy} \Rightarrow a的最小值為\cfrac{1-2\cdot 1}{1/2} = \bbox[red, 2pt]{-2}
\frac{x^2+y^2}{2} \ge \sqrt {x^2y^2} \Rightarrow {1\over 2} \ge xy \Rightarrow xy的最大值為{1\over 2};\\ 2x^2+axy+ 2y^2=1 \Rightarrow a= \cfrac{1-2(x^2+y^2)}{xy} \Rightarrow a的最小值為\cfrac{1-2\cdot 1}{1/2} = \bbox[red, 2pt]{-2}
解：
\tan x= x 的正實根可以看成是兩圖形\cases{y=\tan x\\ y=x}在第一象限的交點\\
圖形y=\tan x的漸近線為x={2k-1 \over 2}\pi,k=1,2,\dots \\因此當k\to \infty,\cases{y=\tan x\\ y=x}的交點越接近漸近線 \Rightarrow \lim_{n\to \infty}(x_{n+1}-x_n) =兩條漸近線的距離\\ = \pi =\bbox[red, 2pt]{3.14}
解：
不只有一組解 \Rightarrow 有無限多組解 \Rightarrow {1+\cos \theta \over -1}={ -1 \over 1+\sin \theta} \Rightarrow (1+\sin \theta)(1+\cos \theta)=1\\ \Rightarrow \sin \theta+\cos \theta + \sin\theta \cos\theta=0 \\ 令x=\sin \theta+\cos \theta \Rightarrow x^2=1+2\sin \theta\cos \theta \Rightarrow \sin \theta\cos \theta= {x^2-1\over 2} \Rightarrow x+{x^2-1 \over 2}=0 \\ \Rightarrow x^2+2x-1=0 \Rightarrow x= \cfrac{-2\pm 2\sqrt{2}}{2} =-1\pm \sqrt 2 \\ 由於\sin\theta +\cos \theta= \sqrt 2({1\over \sqrt 2}\sin \theta +{1\over \sqrt 2} \cos \theta) =\sqrt 2\sin(\theta +\alpha) \Rightarrow -\sqrt 2 \le \sin\theta +\cos\theta \le \sqrt 2 \\因此 \sin\theta +\cos \theta = \bbox[red, 2pt]{-1+\sqrt 2 }( \because -1-\sqrt 2<-\sqrt 2,不合 )
不只有一組解 \Rightarrow 有無限多組解 \Rightarrow {1+\cos \theta \over -1}={ -1 \over 1+\sin \theta} \Rightarrow (1+\sin \theta)(1+\cos \theta)=1\\ \Rightarrow \sin \theta+\cos \theta + \sin\theta \cos\theta=0 \\ 令x=\sin \theta+\cos \theta \Rightarrow x^2=1+2\sin \theta\cos \theta \Rightarrow \sin \theta\cos \theta= {x^2-1\over 2} \Rightarrow x+{x^2-1 \over 2}=0 \\ \Rightarrow x^2+2x-1=0 \Rightarrow x= \cfrac{-2\pm 2\sqrt{2}}{2} =-1\pm \sqrt 2 \\ 由於\sin\theta +\cos \theta= \sqrt 2({1\over \sqrt 2}\sin \theta +{1\over \sqrt 2} \cos \theta) =\sqrt 2\sin(\theta +\alpha) \Rightarrow -\sqrt 2 \le \sin\theta +\cos\theta \le \sqrt 2 \\因此 \sin\theta +\cos \theta = \bbox[red, 2pt]{-1+\sqrt 2 }( \because -1-\sqrt 2<-\sqrt 2,不合 )
解：
\cases{焦點F(1,2) \\ 準線L:kx+y+1=0} \Rightarrow 拋物線\Gamma:\sqrt{(x-1)^2 +(y-2)^2} = \left|\frac{kx+y+1}{\sqrt{k^2+1}} \right| ,\\又點 (2,0)在\Gamma 上\Rightarrow \sqrt{1+4}= \left|{2k+1 \over \sqrt{k^2+1}}\right| \Rightarrow 5(k^2+1)=(2k+1)^2\Rightarrow 5k^2+5 = 4k^2+4k+1 \\\Rightarrow k^2-4k+4=0 \Rightarrow (k-2)^2=0 \Rightarrow k=2 \Rightarrow 準線L:2x+y+1=0;\\ 對稱軸M垂直準線L且經過焦點(1,2) \Rightarrow M:(y-2)={1\over 2}(x-1) \equiv x-2y+3=0 \\ \Rightarrow \cases{L: 2x+y+1=0 \\ M:x-2y+3=0} \Rightarrow 交點P(-1,1) \Rightarrow 頂點即為P及F的中點=({1-1\over 2},{2+1 \over 2}) =\bbox[red, 2pt]{(0,3/2)}
-- END (僅供參考) --
謝謝老師 寫得好詳細
回覆刪除希望有機會可以看到敏督利補考的詳解～
老師，填充第四題我覺得有點疑義
回覆刪除第一點是若用x^2+y^2去套算幾不等式，那麼根號裡x^2y^2開出來應該要加絕對值才是，這樣xy的範圍應該是-1/2~1/2之間
第二點是，因為在求最小值，分子為負的狀況之下，要讓a最小是否應該要讓分母愈靠近0愈好？按照老師所寫的xy<=1/2的範圍去看，那xy=1/4求出來的a值都會比-2小才是
-1/2<=xy<=1/2 這是對的，xy<=1/2也是對的，但我們要的是xy的最大值不是最小值，所以不管-1/2;
刪除第二點：若xy=1/4時，x^2+y^2=? 此時並非極值，想想算幾不等式的等號任時成立！