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2020年9月24日 星期四

109年台中一中教甄-數學詳解


台中市立台中第一高級中等學校 109 學年度
第1次教師甄選-數學科試題



解:

{|z|=1|z1.45|=1.05{O1(0,0),r1=1O2(1.45,0),r2=1.05¯O1O2=1.45AB¯AB¯O1O2CcosAO1O2=r21+¯O1O22r222r1¯O1O2=1+1.4521.0522×1.45=11.45z=¯O1C=¯O1AcosAO1O2=111.45=2029


解:
P(x)=x5x2+1=(xα1)(xα2)(xα4)(xα4)(xα5){P(i)=i5i2+1=2+i=(α1i)(α2i)(α3i)(α4i)(α5i)P(i)=(i)5(i)2+1=2i=(α1+i)(α2+i)(α3+i)(α4+i)(α5+i)Q(x)=x2+1=(x+i)(xi)Q(α1)Q(α2)Q(α3)Q(α4)Q(α5)=P(i)P(i)=(2+i)(2i)=5


解:
8x+27x12x+18x=1+(278)x(128)x+(188)x=1+(32)3x(32)x+(32)2x1+u3u+u2=76u=(32)x6u37u27u+6=0(u+1)(6u213u+6)=0(u+1)(3u2)(2u3)=0{u=1()u=3/2u=2/3{x=1x=1



解:
g(x)=xf(x)4040=ax4+bx3+cx2+dx40402f(2)=3f(3)=4f(4)=4040g(2)=g(3)=g(4)=0g(x)=(x2)(x3)(x4)(ax+k)g(0)=24k=4040k=404024{g(1)=6(a+k)=f(1)4040(1)g(5)=6(5a+k)=5f(5)4040(2)5×(1)+(2)24k=5(f(1)+f(5))24240f(1)+f(5)=2424024k5=2424040405=4040


5. 當桌球比賽比分為 10:10 時, 稱為 deuce,此後必須由兩人輪流各發一球, 直到其中一名球員比對手多勝 2 分時比賽結束。 依過去經驗知道, 甲乙兩人比賽桌球, 當甲發球時,甲得分機率為 3/5;當乙發球時,乙得分機率為 3/5。
今甲乙兩人比賽,目前比分恰為 10:10, 接著輪到甲發球,假設各次得分為獨立事件,則從 deuce 發生後開始計算發球次數, 到比賽結束時,兩人發球總次數的期望值為______次。

解:
deucedeuce:35×35+25×25=1325;22:35×25+25×35=1225E=2×1225+(E+2)×13251225E=2E=256



解:


{¯PA=a¯PB=b¯PC=c{PAB=12absinAPBPBC=12bcsinBPCPCA=12acsinAPC{32=12absin60=34ab2=12bcsin60=34bc1=12acsin60=34ac{ab=2bc=83ac=43,a2b2c2=643abc=83(a,b,c){a=1b=2c=43¯PBB¯PCC,使¯PB=¯PC=¯PA=1,PABC,(h)23×=23h=APBC=APBC,PABC=13×h×PBC=13×23×2=296



解:
{σ(X)=6σ(Y)=4σ(X+Y)=σ2(X)+2Cov(X,Y)+σ2(Y)223=36+2Cov(X,Y)+16Cov(X,Y)=20m=Cov(X,Y)σ2(X)=2036=59:yμ(Y)=m(xμ(X))y16=59(x54)y=59x14



解:
a162a916×9=144a144÷2=722b72ab722ab72abab16×9×8=1152722721152=3960



解:



解:


ABC=R{¯OA=R¯OB=R¯OC=R;:AO=AB+2AC2AC=AOAB=BOAC=12BO{¯AC=R/2¯AC¯BO;ACB=α{CBO=α()AOB=2α(2)CAO=AOB=2αcosBOC=cos(1802α)=cos2α=cosCAO=R2+R2/4R22×R×(R/2)=14=R2+R2¯BC22R2¯BC=52R¯BCsinBAC=2RsinBAC=104


解:
:{a×(b×c)=(ac)b(ab)c(a×b)c=a(b×c)(a×b)b=(a×b)a=0(a×b)((b×c)×(c×a))=(a×b)(((b×c)a)c((b×c)c)a)=(a×b)((b×c)a)c=((b×c)a)((a×b)c)=(a(b×c))(a(b×c))=7a(b×c)=±7(3a+b+c),(ab+2c),(b+c)=|(3a+b+c)((ab+2c)×(b+c))|=311112011×|a(b×c)|=|9|×|±7|=97


解:
B=(I+A)1(IA)(I+A)B=IAB+AB=IAI+A+B+AB=2I(I+A)(I+B)=2I12(I+A)(I+B)=I(I+B)1=12(I+A)=12[200240046]=[100120023]


解:
{a0=1(1)a2k+1=ak(2)a2k+2=ak+ak+1(3),kN{0}(2):1=a0=a1=a3=a7==a2n11=a2n1(4)S(n)=2n1k=0ak=(a0+a2+a4++a2n2)+(a1+a3++a2n1)=+=(a0+(a0+a1)+(a1+a2)+(a2+a3)++(a2n12+a2n11)=2(a0+a1++a2n12)+a2n11=(a0+a1+a2++a2n11)S(n)=3(a0+a1++a2n12)+2a2n11=3(a0+a1++a2n11)a2n11=3(a0+a1++a2n11)1((4)a2n11=1)=3S(n1)163k=0ak=281k=0ak=S(8)=3S(7)1=32S(6)31==35S(1)34333231=35(a0+a1)(1+3++34)=243×2121=365



  


y=2xx2=0x(x2)=0y=2xx2x(0,0)(2,0)S1+S2=202xx2dx=[x213x3]|20=483=43;S1:S2=1:7S1=18(S1+S2)=18×43=16y=2xx2=kxx2+(k2)x=0x=0,2kS1=2k02xx2kxdx=[x213x3k2x2]|2k0=(1k2)(2k)213(2k)3=16(2k)3=16k=1Γ1y=π10y2dyπ10(11y)2dy=13ππ10(2y21y)dy=13ππ[2y12y2+43(1y)3/2]|10=13π16π=π6


解:
ABC{¯AB=a=x+y¯BC=b=y+z¯CA=c=x+zab+ca+4bc+ab+9ca+bc=x+y2z+4(y+z)2x+9(x+z)2y=(x2z+2zx)+(y2z+9z2y)+(2yx+9x2y)2(x2z2zx)+2(y2z9z2y)+2(2yx9x2y)=2+3+6=1111



u|u|PA|PA|+PB|PB|+PC|PC|=0APB=BPC=APC=3603=120;{¯PA=a¯PB=b¯PC=c{cosAPB=(¯PA2+¯PB2¯AB2)/(2¯PA¯PB)cosBPC=(¯PB2+¯PC2¯BC2)/(2¯PB¯PC)cosAPC=(¯PA2+¯PC2¯AC2)/(2¯PA¯PC){1/2=(a2+b21)/2ab1/2=(b2+c24)/2bc1/2=(a2+c23)/2ac{a2+b2+ab=1(1)b2+c2+bc=4(2)c2+a2+ca=3(3)(1)+(2)+(3)2(a2+b2+c2)+ab+bc+ca=8(4)ABC=PAB+PBC+PCA=12absinPAB+12bcsinPBC+12acsinPAC=12(ab+bc+ca)sin120=34(ab+bc+ca)=12¯ABׯAC=32ab+bc+ca=2ab+bc+ca=2(4)a2+b2+c2=3(a+b+c)2=a2+b2+c2+2(ab+bc+ca)=3+4=7a+b+c=7{(1)+(2)a2+2b2+c2+ab+bc=5(2)+(3)a2+b2+2c2+bc+ca=7(1)+(3)2a2+b2+c2+ab+ac=4{b2+ab+bc=53=2c2+bc+ca=73=4a2+ab+ac=43=1{b(a+b+c)=2c(a+b+c)=4a(a+b+c)=1{a=1/7b=2/7c=4/7(¯PA,¯PB,¯PC)=(17,27,47)



p(n):n{p(n1)=n11p(n1)=n1p(n)=13p(n1)+35(1p(n1))=35415p(n1)=(415)n1p(1)+35(1+415+(415)2++(415)n2)=(415)n1×12+35(1(415)n11415)=(415)n1×12+919919×(415)n1=138(415)n1+919



Lagrange{f(α,β)=cosαg(α,β)=cos(α+β)cosαcosβ{fα=λgαfβ=λgβg=0{sinα=λ(sin(α+β)+sinα)(1)0=λ(sin(α+β)+sinβ)(2)cos(α+β)=cosα+cosβ(3);(2):λ(sin(α+β)+sinβ)=0sinβ=sin(α+β)(

-- END   (解題僅供參考)  --





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