臺北市高級中等學校 103 學年度聯合轉學考招生考試
升高二數學科試題
升高二數學科試題
一、單選題
√x2+1x2+2=√(x+1x)2=|x+1x|=|√3−2+1√3−2|=|√3−2+√3+2(√3−2)(√3+2)|=|√3−2−√3−2|=|−4|=4,故選:(A)
解:|x−7|<a有5個整數解⇒x−7=−2,−1,0,1,2⇒a=3,故選(C)
解:
(A)最多為六次(B)最多為六次(C)餘式最多為四次(可能三、二、或一次)(D)f(x)=p(x)(3x+4)+6=3p(x)(x+43)+6⇒餘式仍為6(E)f(x)=(2x−3)q(x)=(6x−9)13q(x),故選(E)
解:(A)◯:{a=((a−b)+(a+b))÷2b=((a+b)−(a−b))÷2⇒a,b均為有理數(B)×:{a=√3b=−√3⇒a+b=0為有理數(C)×:b=0⇒ab=0為有理數(D)×:(√2)2=2為有理數,但√2不是有理數(E)×:{a=−4b=√2⇒a+b√2=0,ab≠0,故選(A)
解:
(x+1)(x−4)≥0⇒x≥4或x≤−1(A)×:(x+1)(4−x)≥0⇒(x+1)(x−4)≤0⇒−1≤x≤4(B)×:(x+1)(x−4)≥0⇒x≠4(C)◯:(x+1)(x−4)(x2−2x+3)=(x+1)(x−4)((x−1)2+2)≥0⇒(x+1)(x−4)≥0(D)×:(x+1)2(x−4)≥0⇒x−4≥0(E)×:(x+1)(−2x+8)≥0⇒(x+1)(x−4)≤0,故選(C)
解:
f(x)=4x−3⋅2x+1+5=(2x)2−6⋅2x+5=(2x−5)(2x−1)⇒f(1)=(−3)×1=−3為最小值,故選(B)
解:
解:an=a1+(n−1),n≥2⇒{a1+a2=2a1+1a2+a4=(a1+1)+(a1+3)=2a1+4a3+a5=(a1+2)+(a1+4)=2a1+6⇒(a2+a4)2=(a1+a2)(a3+a5)⇒(2a1+4)2=(2a1+1)(2a1+6)⇒4a21+16a1+16=4a21+14a1+6⇒a1=−5,故選(D)
9. 為因應風潮,台鐵決定將開往動物園的電聯車漆上可愛動物圖案。電聯車共有7 節車廂,由左至右分別編號為第 1 至第 7 車廂,現在打算將其中三節車廂分別漆上貓熊、企鵝、馬來貘圖案,且馬來貘圖案的車廂編號必須是這三節中編號最大的;除此之外,剩下四節車廂則漆上相同的無尾熊圖案。請問安排這 7節車廂圖案順序的方法共有多少種?
(A) 68
(B) 70
(C) 136
(D) 1680
(E) 2450
解:
7節車廂選3節來漆貓熊、企鵝、馬來貘圖案,共有C73=35種選法,其中馬來貘圖案的車廂編號已經固定(最大號),剩下兩種動物圖案有2種漆法,一共有35×2=70,故選(B)
解:(x−2x)7=7∑n=0C7nxn(−2x)7−n⇒x5的係數(n=6)=C76⋅(−2)=−14,故選(D)
11. 設甲袋內有紅球 1 個、白球 2 個;乙袋內有紅球 2 個、白球 1 個。今先從甲袋中取出一球放入乙袋,再從乙袋中取出一球放回甲袋,稱之為一局。求一局操作完後, 甲袋恰有紅球 1 個、白球 2 個的機率為何?
(A) 1/3 (B) 2/9 (C) 4/9 (D) 1/12 (E) 7/12
解:
依題意一局操作後與原狀態相同,即從甲取出一球放入乙,再從乙取出相同的球放回甲,共有兩種情況:{從甲取出紅球放入乙,再從乙取出紅球放回甲,機率為13×34=14從甲取出白球放入乙,再從乙取出白球放回甲,機率為23×24=13⇒機率為14+13=712,故選(E)
12. 小春、 小夏兩人一同參加路跑活動,在路跑結束後有個抽獎,從 100 位路跑參與者中抽出 3 位幸運兒,贈送知名品牌運動套裝。 已知小夏被抽中的情況下,則小春也被抽中的機率為下列何者?
(A)2/33 (B) 2/99 (C) 3/100 (D) 1/1650 (E) 200/297
解:
100抽3,其中一定要有小夏,相當99取2的次數,即C992;100抽3,其中一定要有小夏及小春,相當98取1的次數,即C981;因此所求之機率為C981÷C992=2/99,故選(B)
二、多重選擇題
(A)◯:P1796=179!173!=179×178×177×176×175×174,其中177與174皆為3的倍數⇒P1796為9的倍數(B)×:299的質因數中只有2(C)◯:3723+5283=(372+528)(3722−372⋅528+5282)=900(3722−372⋅528+5282)(D)◯:825+1=(8+1)(84−83+82−8+1)為9的倍數(E)◯:1084+215⇒各位數數字相加=1+2+1+5=9⇒1084+215為9的倍數,故選(ACDE)
解:
(A)◯:y=10xx,y互換→x=10y≡y=log10x⇒對稱y=x(B)×:兩圖形:{y=log10xy=x無交點⇒log10x=x無實數解(C)×:理由同(B)(D)◯:圖形y=log10x在y=x2的下方,所以log10x<x2(E)×:兩圖形皆在y軸的右側,不可能對稱y軸,故選(AD)
(A)◯:y=10xx,y互換→x=10y≡y=log10x⇒對稱y=x(B)×:兩圖形:{y=log10xy=x無交點⇒log10x=x無實數解(C)×:理由同(B)(D)◯:圖形y=log10x在y=x2的下方,所以log10x<x2(E)×:兩圖形皆在y軸的右側,不可能對稱y軸,故選(AD)
解:
S(n)=n∑k=1ak=−n2+16n+17=−(n−17)(n+1)(A)×:a1=S(1)=16×2=32(B)×:a2=S(2)−S(1)=(15×3)−32=13(C)◯:令{m=1995n=2013⇒{S(2012)=−1995×2013=−mnS(2013)=−1996×2014=−(m+1)(n+1)S(2014)=−1997×2015=−(m+2)(n+2)⇒{a2014=S(2014)−S(2013)=−(m+2)(n+2)+(m+1)(n+1)=−(m+n)−3a2013=S(2013)−S(2012)=−(m+1)(n+1)+mn=−(m+n)−1⇒a2014=a2013−2(D)×:a3=S(3)−S(2)=14×4−15×3=11⇒{a1=32a2=13a3=11⇒(a3−a2)≠(a2−a1)(E)◯:18∑k=1=S(18)=−1×19<0,故選(BCE)
解:(A)×:A、B並非獨立事件,故不能保證P(A∩B)=P(A)⋅P(B)(B)◯:A、B為互斥事件⇒A∩B=∅⇒P(A∩B)=0≠P(A)⋅P(B)⇒A、B相關(C)◯:P(A′∩B′)=1−P(A∪B)=1−(P(A)+P(B)−P(A∩B))=1−(P(A)+P(B)−P(A)P(B))=1−P(A)−P(B)+P(A)P(B)=(1−P(A))(1−P(B))=P(A′)P(B′)⇒P(A′∩B′)=P(A′)P(B′)⇒A′、B′亦為獨立(D)×:A、B為獨立事件⇒P(A∩B)=P(A)P(B)不一定為0,即不一定互斥(E)×:獨立並不符遞移律,故選(BC)
解題僅供參考
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