110 學年度指定科目考試試題-數學乙
第壹部分:選擇題(單選題、多選題及選填題共占 74 分)
一 、單選題 (占 18 分 )
解答:
相關係數為正值代表年齡越大則人數越多,只有(4)符合此要;而(3)與(5)約一半的點是年齡越大反而人數越少,相關係數接近0,故選(4)
令{k=1f(x)=αx2+βx+γ⇒{f(−1)=α−β+γ=1f(1)=α+β+γ=9f(3)=9α+3β+γ=−15⇒{α=−4β=4γ=9⇒f(x)=−4x2+4x+9=−4(x−12)2+10⇒a=12,故選(2)當然也可以不用假設k值,若a=1,則f(1−2)=f(1+2),但f(−1)>f(3),因此極值會出現在−1與1之間
解答:和為奇數:1+2,1+4,1+6,2+3,2+5,3+4,3+6,4+5,5+6,共9種情形⇒和為偶數有C62−9=6種情形;因此第一次抽到兩張牌和為奇數的機率為915=35,偶數為25第一次抽到和為偶數⇒{丟掉兩張奇數牌,剩下1奇3偶丟掉兩張偶數牌,剩下3奇1偶⇒第二抽和為奇數皆是3種情形(都是奇+偶),機率為1/2期望值=100×35+50×25×12=60+10=70,故選(2)
解答:假設裝有甲和a的叫A袋,另一袋叫B袋;而d、e不同袋且每袋剛好裝4個(1)◯:B袋至少有d或e,剩下乙、丙、b、c要取2個,一定會取到另一個公仔,所以每袋都至少有2個公仔(2)×:{A={甲、a、c、d}B={乙、丙、b、e}符合要求,但乙、丙皆在B袋(3)×:{A={甲、a、c、e}B={乙、丙、b、d}符合要求,但丙、e不同袋(4)×:{A={甲、丙、a、d}B={乙、b、c、e}符合要求,但b、c同袋(5)◯:b、c不同袋且d、e不同袋;因此剩下乙、丙能只都裝在B袋,才符合每袋有4個,故選(15)
解答:an+1=2n+12n−1an⇒an=2n−12n−3an−1=2n−12n−3⋅2n−32n−5an−2=2n−12n−3⋅2n−32n−5⋯31a1=(2n−1)a1⇒an=(2n−1)a1=2n−1,n≥1(1)◯:a2=2⋅2−1=3(2)×:a4=8−1=7(3)×:⟨an⟩=⟨2n−1⟩⇒等差數列,公差為2(4)◯:20∑n=1an=20∑n=1(2n−1)=21×20−20=400(5)◯:limn→∞ann=limn→∞2n−1n=limn→∞(2−1/n)=2,故選(145)
解答:(1)◯:C2112(1−12)=12(2)×:C42(12)2(1−12)4−2=616≠12(3)◯:射中1次及射中3次的機率=116(C41+C43)=816=12(4)◯:第1次沒射中且第2次射第1次沒射中=(1/2)×(1/2)1/2=12(5)×:前2次與後4次獨立,因此前2次射中次且後4次射中2次的機率前2次射中1次的機率=4次射中2次的機率=3/8(由(2)知),故選(134)
解答:{A=[1−201][1006][1−201]−1B=[1−201][6001][1−201]−1⇒A+B=[1−201]([1006]+[6001])[1−201]−1=[1−201][7007][1−201]−1=[7−1407][1−201]−1=[7−1407][1201]=[7007]⇒a+b+c+d=7+0+0+7=14
解答:6正0反機率=(13)6=17295正1反機率=C65(13)5(23)=127294正2反機率=C64(13)4(23)2=607293正3反機率=C63(13)3(23)3=1607292正4反機率=C62(13)2(23)4=2407291正5反機率=C61(13)(23)5=1927290正6反機率=(23)6=64729⇒2正4反機率最高⇒(0,0)+2(−1,2)+4(1,0)=(2,4)
{80x+50y≤20068x+48y≤2001≤x,y≤2⇒{8x+5y≤2017x+12y≤501≤x,y≤2⇒頂點坐標{A(1,2)B(5/4,2)C(15/8,1)D(1,1),斜線區域如上圖;(3)令h(x,y)=f(x,y)−g(x,y)=12x+2y⇒{h(A)=16h(B)=19h(C)=49/2h(D)=14當{x=15/8y=1時,售價差距最大;此時差距為492=24.5萬元
解答:和為奇數:1+2,1+4,1+6,2+3,2+5,3+4,3+6,4+5,5+6,共9種情形⇒和為偶數有C62−9=6種情形;因此第一次抽到兩張牌和為奇數的機率為915=35,偶數為25第一次抽到和為偶數⇒{丟掉兩張奇數牌,剩下1奇3偶丟掉兩張偶數牌,剩下3奇1偶⇒第二抽和為奇數皆是3種情形(都是奇+偶),機率為1/2期望值=100×35+50×25×12=60+10=70,故選(2)
二 、多選題 (占 32 分 )
解答:{a=log28⇒a=3b=log31⇒b=0c=log0.58⇒c=−3⇒{(1)◯:b=0(2)×:a+b+c=3+0−3=0≯0(3)◯:3>0>−3(4)×:{a2=9b2=0c2=9⇒a2=c2>b2(5)×:{2a=83b=1(1/2)c=8⇒2a=(1/2)c>3b,故選(1,3)解答:假設裝有甲和a的叫A袋,另一袋叫B袋;而d、e不同袋且每袋剛好裝4個(1)◯:B袋至少有d或e,剩下乙、丙、b、c要取2個,一定會取到另一個公仔,所以每袋都至少有2個公仔(2)×:{A={甲、a、c、d}B={乙、丙、b、e}符合要求,但乙、丙皆在B袋(3)×:{A={甲、a、c、e}B={乙、丙、b、d}符合要求,但丙、e不同袋(4)×:{A={甲、丙、a、d}B={乙、b、c、e}符合要求,但b、c同袋(5)◯:b、c不同袋且d、e不同袋;因此剩下乙、丙能只都裝在B袋,才符合每袋有4個,故選(15)
解答:an+1=2n+12n−1an⇒an=2n−12n−3an−1=2n−12n−3⋅2n−32n−5an−2=2n−12n−3⋅2n−32n−5⋯31a1=(2n−1)a1⇒an=(2n−1)a1=2n−1,n≥1(1)◯:a2=2⋅2−1=3(2)×:a4=8−1=7(3)×:⟨an⟩=⟨2n−1⟩⇒等差數列,公差為2(4)◯:20∑n=1an=20∑n=1(2n−1)=21×20−20=400(5)◯:limn→∞ann=limn→∞2n−1n=limn→∞(2−1/n)=2,故選(145)
解答:(1)◯:C2112(1−12)=12(2)×:C42(12)2(1−12)4−2=616≠12(3)◯:射中1次及射中3次的機率=116(C41+C43)=816=12(4)◯:第1次沒射中且第2次射第1次沒射中=(1/2)×(1/2)1/2=12(5)×:前2次與後4次獨立,因此前2次射中次且後4次射中2次的機率前2次射中1次的機率=4次射中2次的機率=3/8(由(2)知),故選(134)
三、選填題( 占 24 分 )
解答:¯AC>¯BC⇒10−¯AB2<x<10+¯AB2⇒4<x<16⇒6<¯AC<18⋯(1)又¯AC<¯OB⇒¯AC<10⋯(2);由(1)及(2)⇒6<¯AC<10⇒(6−2)<x<(10−2)⇒4<x<8解答:{A=[1−201][1006][1−201]−1B=[1−201][6001][1−201]−1⇒A+B=[1−201]([1006]+[6001])[1−201]−1=[1−201][7007][1−201]−1=[7−1407][1−201]−1=[7−1407][1201]=[7007]⇒a+b+c+d=7+0+0+7=14
解答:6正0反機率=(13)6=17295正1反機率=C65(13)5(23)=127294正2反機率=C64(13)4(23)2=607293正3反機率=C63(13)3(23)3=1607292正4反機率=C62(13)2(23)4=2407291正5反機率=C61(13)(23)5=1927290正6反機率=(23)6=64729⇒2正4反機率最高⇒(0,0)+2(−1,2)+4(1,0)=(2,4)
(1){A(−3,4)B(3,2)→n=(4,−3)⇒→AB⋅→n=(6,−2)⋅(4,−3)=24+6=30(2)→AB在→n的投影長=→AB⋅→n|→n|=305=6=d(A,L)+d(B,L),又d(A,L)d(B,L)=5⇒{d(A,L)=5d(B,L)=1→n=(4,−3)⇒L:4x−3y+k=0⇒{d(A,L)=|k−24|/5=5d(B,L)=|6+k|/5=1⇒{|k−24|=25|k+6|=5⇒{k=−1,49k=−1,−11⇒k=−1⇒L:4x−3y=1(3)P∈L⇒P((3t+1)/4,t),t∈R,由¯PA=¯PB⇒(3t+14+3)2+(t−4)2=(3t+14−3)2+(t−2)2⇒t=−3⇒P(−2,−3)
解答:
解答:
(1){甲車售價=f(x,y)=56x+26y+48⋅(x+y)/2乙車售價=g(x,y)=40x+20y+56⋅(x+y)/2⇒{f(x,y)=80x+50yg(x,y)=68x+48y⇒f(x,y)−g(x,y)=12x+2y>0,1≤x≤2,1≤y≤2⇒f(x,y)>g(x,y)⇒甲型電動車售價必高於乙型電動車的售價(2)
================ end ==================
選填題C部分中間計算3正3反機率是160/729
回覆刪除謝謝指正,已修訂
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