解:
a=3√9=3√32=323b=√3√3=√3⋅312=√332=334c=5√81=5√34=345∵45>34>23∴c>b>a,故選(A)。
解:
向量AB與向量BC的夾角為120度(向量AB與向量AC的夾角才是60度)
→AB⋅→BC=|→AB||→BC|cosθ⇒9×9×cos120°=−812,故選(A)。
解:
P2n3=20×Pn2⇒(2n)!(2n−3)!=20×n!(n−2)!⇒2n×(2n−1)×(2n−2)=20×n×(n−1)⇒4n×(n−1)×(2n−1)=20×n×(n−1)⇒2n−1=5⇒n=3,故選(B)。
P2n3=20×Pn2⇒(2n)!(2n−3)!=20×n!(n−2)!⇒2n×(2n−1)×(2n−2)=20×n×(n−1)⇒4n×(n−1)×(2n−1)=20×n×(n−1)⇒2n−1=5⇒n=3,故選(B)。
6. 設一個次數不小於3之多項式f(x),以x+2除之餘-6,以x-3除之餘9。若以(x+2)(x-3)除f(x)所得餘式為r(x),則r(1)之值為何?
令r(x)=ax+b, 則f(x)=p(x)(x+2)(x-3)+ax+b
f(-2)=-6,即-2a+b=-6
f(3)=9,即3a+b=9
解上述兩式可得a=3,b=0
因此r(1)=a+b=3+0=3,故選(C)。
(A)-6 (B)0 (C)3 (D)9
解:令r(x)=ax+b, 則f(x)=p(x)(x+2)(x-3)+ax+b
f(-2)=-6,即-2a+b=-6
f(3)=9,即3a+b=9
解上述兩式可得a=3,b=0
因此r(1)=a+b=3+0=3,故選(C)。
7.若θ為一銳角,且a=sinθ3,b=cos(θ3+π2),c=tanθ3,則下列何者正確?(A)b<c<a (B)a<b<c (C)c<b<a (D)b<a<c
解:
由於θ為一銳角,所以c>a>0;
又cos(θ+90°)<0,故選(D)。
解:
由於θ為一銳角,所以c>a>0;
又cos(θ+90°)<0,故選(D)。
8.設A(-2,1)、B(1,3)、C(1,-1)為△ABC的三個頂點。若直線L經A過點,且L等分△ABC的面積,則直線L的方程式為何?
(A)y=1 (B)y=2 (C)x+2y=1 (D)x-2y=3
解:
A點不經過選項(B)與(C)的直線;
直線y=1均分線段BC,故選(A)。
9. 有一棟大樓在下午2時太陽照射的影子(如圖(一)之線段BC)長為25公尺,此時從大樓的影子端(即C點),測得大樓頂端的光線與地平面所成之夾角(∠BCA)為60°。若已知在下午2時與4時,太陽從大樓頂端射出的光線夾角 (∠CAD)為30°。則在下午4時,此大樓的影子(如圖(一)之線段BD)長為多少公尺?
在△ABC中,AB=BC×√3=25√3
在△ABD中,BD=25√3×√3=75,故選(C)。
(A)y=1 (B)y=2 (C)x+2y=1 (D)x-2y=3
解:
A點不經過選項(B)與(C)的直線;
直線y=1均分線段BC,故選(A)。
9. 有一棟大樓在下午2時太陽照射的影子(如圖(一)之線段BC)長為25公尺,此時從大樓的影子端(即C點),測得大樓頂端的光線與地平面所成之夾角(∠BCA)為60°。若已知在下午2時與4時,太陽從大樓頂端射出的光線夾角 (∠CAD)為30°。則在下午4時,此大樓的影子(如圖(一)之線段BD)長為多少公尺?

在△ABD中,BD=25√3×√3=75,故選(C)。
解:
cotα+cotβ=32,cotαcotβ=−3(cotα+cotβ)2=cot2α+cot2β+2cotαcotβ⇒94=cot2α+cot2β−6⇒cot2α+cot2β=334,故選(D)。
cotα+cotβ=32,cotαcotβ=−3(cotα+cotβ)2=cot2α+cot2β+2cotαcotβ⇒94=cot2α+cot2β−6⇒cot2α+cot2β=334,故選(D)。
(A)甲廠0天,乙廠10天 (B)甲廠1天,乙廠6天
(C)甲廠15天,乙廠0天 (D)甲廠3天,乙廠4天
解:
甲:10A+20B
乙:30A+10B
假設甲工廠要m天及乙工廠n天完成150台A車及100台B車,即
10m+30n=150
20m+10n=100
可求得m=3, n=4,故選(D)。
(C)甲廠15天,乙廠0天 (D)甲廠3天,乙廠4天
解:
甲:10A+20B
乙:30A+10B
假設甲工廠要m天及乙工廠n天完成150台A車及100台B車,即
10m+30n=150
20m+10n=100
可求得m=3, n=4,故選(D)。
14.設a和b均為實數,若不等式ax2+bx−5<0的解為−32<x<53,則a+b=?(A)53(B)73(C)5(D)7
解:
−32<x<53⇒(x−53)(x+32)<0⇒x2−16x−52<0⇒2x2−13x−5<0⇒a=2,b=−13⇒a+b=53,故選(A)。
解:
−32<x<53⇒(x−53)(x+32)<0⇒x2−16x−52<0⇒2x2−13x−5<0⇒a=2,b=−13⇒a+b=53,故選(A)。
15.若氣象局最初發佈某一颱風圈其外緣以圓方程式表示:x²+y²+4x-6y-3=0,因受大氣環流影響,經過數小時後颱風中心(即圓心)坐標(h,k)向西和向北各移動一單位(即新圓心坐標為(h-1,k+1)),且暴風半徑增為原來的1.5倍,問新暴風圈外緣之圓方程式為何?
(A)x²+y²+6x-8y+1=0 (B)x²+y²+6x-8y-11=0
(C)x²+y²+2x-4y-19=0 (D)x²+y²+2x-4y-31=0
解:
原方程式x²+y²+4x-6y-3=0,即(x+2)²+(y-3)²=4²,其半徑為4;
新方程式(x+3,y-4)²=(4×1.5)²,即x²+y²+6x-8y-11=0
,故選(B)。
(A)x²+y²+6x-8y+1=0 (B)x²+y²+6x-8y-11=0
(C)x²+y²+2x-4y-19=0 (D)x²+y²+2x-4y-31=0
解:
原方程式x²+y²+4x-6y-3=0,即(x+2)²+(y-3)²=4²,其半徑為4;
新方程式(x+3,y-4)²=(4×1.5)²,即x²+y²+6x-8y-11=0
,故選(B)。
解:
當P=(0,-1)時,P在圓上也在直線上,因此m=0
假設P=(cosθ,sinθ),P至L的距離為(3cosθ+4sinθ+4)/5
由於3cosθ+4sinθ的最大值為√(3²+4²)=5
最大值M=(5+4)/5=9/5=1.8,故選(C)。
解:
500×(100/125)+1000×(20/125)+10000×(4/125)+20000×(1/125)
=(50000+20000+40000+20000)/125 = 130000/125 = 1040,故選(C)。
500×(100/125)+1000×(20/125)+10000×(4/125)+20000×(1/125)
=(50000+20000+40000+20000)/125 = 130000/125 = 1040,故選(C)。
解:
成績由小至大:60,75,78,80,80,95
眾數:出現最多的數字⇒80
全距:最大-最小=95-60=35
中位數:第3與第4的平均=(78+80)/2=79
算數平均數:(60+75+78+80+80+95)/6 = 468/6=78
,故選(D)。
成績由小至大:60,75,78,80,80,95
眾數:出現最多的數字⇒80
全距:最大-最小=95-60=35
中位數:第3與第4的平均=(78+80)/2=79
算數平均數:(60+75+78+80+80+95)/6 = 468/6=78
,故選(D)。
解:
令x⁴-3ax²+bx+4=(x²+x+2)(x²+mx+n)
當x=0⇒4=2n⇒n=2
x³係數為0⇒m+1=0⇒m=-1
因此x⁴-3ax²+bx+4=(x²+x+2)(x²-x+2)⇒a=-1,b=0
,故選(C)。
令x⁴-3ax²+bx+4=(x²+x+2)(x²+mx+n)
當x=0⇒4=2n⇒n=2
x³係數為0⇒m+1=0⇒m=-1
因此x⁴-3ax²+bx+4=(x²+x+2)(x²-x+2)⇒a=-1,b=0
,故選(C)。
解:
令S₁=7+10+13+...(7+32×3)=(7+103)×33/2=1815
令S₂=(8-9)+(11-12)+(14-15)...(104-105)=(-1)×33=-33
S₁+S₂=1815-33=1782,故選(B)。
令S₁=7+10+13+...(7+32×3)=(7+103)×33/2=1815
令S₂=(8-9)+(11-12)+(14-15)...(104-105)=(-1)×33=-33
S₁+S₂=1815-33=1782,故選(B)。
(A)x≤45 (B)45≤x≤47.5 (C)52.5≤x≤55 (D)x≥57.5
解:
(A)x≤45 =μ-2σ,佔全部的(1-13.5%-34%-34%-13.5%)/2=2.5%
(B)=(C)=13.5%
(D)57.5公克=μ+3σ,佔全部的(1-99.7%)/2=0.15%
,故選(D)。
23. 若一元二次實係數方程式x²+2kx-k+6=0的兩根均為負數,則k可能為下列哪一個值?
方程式有兩根,其判別式>0,即4k²-4(6-k)>0⇒(k+3)(k-2)>0⇒k>2, k<-3;
兩根均為負數,兩根相加為負數且相乘為正數,即-2k<0 且(6-k)>0⇒0<k<6
由以上二式可知2<k<6,故選(C)。
(A)1/2 (B)3/2 (C)11/2 (D)13/2
解:方程式有兩根,其判別式>0,即4k²-4(6-k)>0⇒(k+3)(k-2)>0⇒k>2, k<-3;
兩根均為負數,兩根相加為負數且相乘為正數,即-2k<0 且(6-k)>0⇒0<k<6
由以上二式可知2<k<6,故選(C)。
24. 設甲、乙兩班比賽棒球,規則是以先取得四勝者為勝方,且每場比賽皆有勝負。若現已賽畢三場,甲班以二勝一負取得優勢,則往後有幾種可能賽事序列來決定勝方?
往後各賽事勝方序列
甲甲
甲乙甲
乙甲甲
乙乙甲甲
乙甲乙甲
甲乙乙甲
----以上均為甲為勝方-----
乙乙乙甲
乙乙甲乙
乙甲乙乙
甲乙乙乙
----以上均為乙為勝方-----
共有6+4=10種可能序列,故選(C)。
(A)8 (B)9 (C)10 (D)11
解:往後各賽事勝方序列
甲甲
甲乙甲
乙甲甲
乙乙甲甲
乙甲乙甲
甲乙乙甲
----以上均為甲為勝方-----
乙乙乙甲
乙乙甲乙
乙甲乙乙
甲乙乙乙
----以上均為乙為勝方-----
共有6+4=10種可能序列,故選(C)。
24. 設甲、乙兩班比賽棒球,規則是以先取得四勝者為勝方,且每場比賽皆有勝負。若現已賽畢三場,甲班以二勝一負取得優勢,則往後有幾種可能賽事序列來決定勝方?
回覆刪除(A)8 (B)9 (C)10 (D)11
我的想法:甲須要再2勝,乙須要再3勝,計算結果請看附件的紅色框框
甲甲乙乙乙
5!/(2!*3!)=10
C(4,2)+C(4,3)=10
刪除C(4,4)不合=>甲必1敗
我有更好的解法
回覆刪除第24題
4勝中甲必拿2勝以上 必1敗
甲在4勝中至少2勝
C(4,2)+C(4,3)=10
C(4,4)不合=>甲必1敗