解:→BC=→AD⇒(4−0,−8+5)=(x+5,y−4)⇒(4,−3)=(x+5,y−4)⇒x=−1,y=1⇒(x,y)在第二象限,故選(B)。
解:
首數就是取最接近且小於等於loga的整數,故選(D)。
解:(x+2)(x+3)(x−4)(x−5)=60⇒[(x+2)(x−4)][(x+3)(x−5)]=60⇒[x2−2x−8][x2−2x−15]=60⇒(x2−2x)2−23(x2−2x)+60=0⇒(x2−2x−20)(x2−2x−3)=0⇒(x2−2x−20)(x−3)(x+1)=0,故選(C)。
解:f(−3)=20⇒−9a+2=20⇒a=−2,故選(A)。
解:底數需為不為0的正數,因此(B)(C)不合;又對數值需大0,因此(D)也不合,故選(A)。
解:(81)x=√327⇒(34)x=31233⇒34x=3−52⇒4x=−52⇒x=−58,故選(A)。
解:tanθ=√3⇒sinθ=√32,cosθ=12⇒sinθcosθ=√32×12=√34,故選(C)。
解:(A)cos35°=sin(90°−35°)=sin55°>sin35°(B)sin65°>sin25°=cos(90°−25°)=cos65°(C)cos65°=sin(90°−65°)=sin25°<sin35°(D)cos35°=sin(90°−35°)=sin55°<sin65°,故選(B)。
解:sinθ+cosθ=23⇒(sinθ+cosθ)2=(23)2⇒1+2sinθcosθ=49⇒2sinθcosθ=−59⇒1−2sinθcosθ=149⇒(sinθ−cosθ)2=149⇒sinθ−cosθ=−√143(θ在第四象限⇒sinθ<0,cosθ>0),故選(A)。
解:1+sin2π61−sin2π6=1+341−34=7414=7,故選(D)。
解:{a9=58a15=100⇒{a1+8d=58a1+14d=100⇒a1=2,d=7a1+(n−1)d=674⇒2+7(n−1)=674⇒n=97,故選(D)。
解:∞∑n=02n+53n=[1+23+(23)2+⋯]+[5(1+13+132+⋯)]=11−23+5(11−13)=3+5×32=212,故選(C)。
解:4−2−5−3=k−2−3−3⇒2−8=k−2−6⇒4(k−2)=6⇒k=312,故選(B)。
解:D=(3−12,4+22)=(1,3)令↔AD直線方程式為y=mx+b,A、D經過該線⇒{5=2m+b3=m+b⇒m=2,b=1,故選(A)。
解:
如上圖,由各交點可知三角形面積=8×2÷2=8,故選(B)。
解:
|x−1|+|y−3|=2包含四條直線,即{(x−1)+(y−3)=2(1−x)+(y−3)=2(x−1)+(3−y)=2(1−x)+(3−y)=2≡{x+y=6−x+y=4x−y=0x+y=2四直線交點A,B,C,D如上圖⇒x+2y=1+2×5=11為最大值,故選(D)。
解:f(x)=|x+4|+|x−3|={2x+1x≥37−4≤x≤3−2x−1x≤−4,故選(C)。
解:x2+y2−6x+4y−12=0⇒(x−3)2+(y+2)2=52⇒圓心(3,−2),半徑5點(−1,1)在切線上⇒1=−m+b⇒b=m+1圓心至切線距離=半徑⇒|3m+b+2√m2+1|=|4m+3√m2+1|=5⇒(4m+3)2m2+1=25⇒(3m−4)2=0⇒m=43⇒2m+b=3m+1=4+1=5,故選(B)。
解:半徑=(2,−3)至(−1,5)距離=√32+82=√73圓心(2,−3)及半徑√73⇒圓方程式:(x−2)2+(y+3)2=73⇒x2−4x+4+y2+6y+9=73⇒x2+y2−4x+6y−60=0,故選(A)。
解:
不限每輛車的載客限制,有35=243種載客方式,扣除一輛車載五個人的3種情況(5,0,0)、(0,5,0)及(0,0,5),即共有243-3=240組解,故選(C)。
解:
百位數不得為0,有9種情況;十位數只有1種情況;個位數必須是0,2,4,6,8,有5種情況,因此共有9×1×5=45個,故選(C)。
解:
x+y+z=5的正整數解個數,相當於x+y+z=2的非負整數解個數,即H32=C42=6,故選(A)。
解:C63=6!3!3!=20,故選(D)。
解:
假設不公正硬幣出現正面的機率為p、出現背面的機率為1-p;公正硬幣出現正面與反面的機率皆為1/2。因此兩枚都出現正面的機率為12p=log3⇒p=2log3,故選(C)。
解:
選到甲袋且取出白球的機率=12×35,選到乙袋且取出白球的機率=12×15,兩者相加=25,故選(B)。
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